#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
using namespace std;
int a[100005],n;

signed main(){
	freopen("poker.in","r",stdin);
	freopen("poker.out","w",stdout);
	cin>>n;
	for(int i=1;i<=n;i++)cin>>a[i];
	int sum=0;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		sum+=max(0LL,a[i]-a[i-1]);
	}
	cout<<sum;
	
}//5 2 4 1 2 3

显而易见地，答案为：

$$\sum_{i=1}^{n}[a_{i}>a_{i-1}]\times(a_{i}-a_{i-1})\quad(a_{0}=0) $$

时间复杂度 $\mathcal{O}(n)$。

把样例转化成柱状图。

由于只有横向操作，所以一次横涂为一段有牌的区间，为最优解。

暴力时间复杂度为 $\mathcal O(n^2)$。

容易发现当 $a_i > a_{i-1}$ 的需要重复刷 $a_i - a_{i-1}$，因为产生间隔。

时间复杂度为 $\mathcal O(n)$。

---

可这题大佬提出用线段树。

注意到 $1\le a_i\le 10^5$。

当 $a_i > a_{i-1}$ 时，$[a_{i-1}+1,a_i]$ 都会有空格，需要多刷，对应区间修改；

查询时只要对于每一个高度查询空格个数累加即可，对应单点查询。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

#define int long long
#define up(i,x,y) for(register int i=x;i<=y;++i)

using namespace std;

inline int read(){int x=0;bool f=0;char ch=getchar();while(!isdigit(ch)){f|=(ch=='-');ch=getchar();}while(isdigit(ch))x=(x<<1)+(x<<3)+(ch^48),ch=getchar();return (f?-x:x);}
inline void write(int x){if(x<0)putchar('-'),x=-x;if(x>9)write(x/10);putchar(x%10|48);}
inline void writeln(int x){write(x),putchar('\n');}
inline void writesp(int x){write(x),putchar(' ');}

#define min(a ,b) a < b ? a : b
#define max(a ,b) a > b ? a : b

const int N = 1e5 + 10;
int n ,Q ,a[N];

struct SGT{int l ,r ,sum ,lazy;}tr[N << 2];

inline void pushup(int u){
  tr[u].sum = tr[u << 1].sum + tr[u << 1 | 1].sum;
} inline void pushdown(int u){
  if(tr[u].lazy){
    tr[u << 1].lazy += tr[u].lazy;
	tr[u << 1 | 1].lazy += tr[u].lazy;
	tr[u << 1].sum += (tr[u << 1].r - tr[u << 1].l + 1) * tr[u].lazy;
	tr[u << 1 | 1].sum += (tr[u << 1 | 1].r - tr[u << 1 | 1].l + 1) * tr[u].lazy;
	tr[u].lazy = 0; 
  }
}inline void build(int u,int L,int R){
  tr[u].l = L ,tr[u].r = R;
  if(L == R) return ;
  int mid = ((L + R) >> 1);
  build(u << 1 ,L ,mid);
  build(u << 1 | 1 ,mid + 1, R);
  pushup(u); 
} inline void update(int u,int L,int R,int v){
  int l = tr[u].l ,r = tr[u].r;
  if(l >= L && r <= R){
  	tr[u].sum += (tr[u].r - tr[u].l + 1) * v;
  	tr[u].lazy += v;
  	return;
  }
  pushdown(u);
  int mid = ((l + r) >> 1);
  if(L <= mid) update(u << 1 ,L ,R ,v);
  if(mid < R) update(u << 1 | 1, L , R ,v);
  pushup(u);
} inline int query(int u,int L,int R){
  int l = tr[u].l ,r = tr[u].r;
  if(l >= L && r <= R) return tr[u].sum;
  pushdown(u);
  int mid = ((l + r) >> 1) ,val = 0;
  if(L <= mid) val += query(u << 1 ,L , R);
  if(mid < R) val += query(u << 1 | 1, L ,R);
  return val;
}signed main(){
  n = read();
  int ans = 0;
  up(i,1,n) a[i] = read();
  build(1 ,1, 100000);
  up(i,1,n) if (a[i] > a[i - 1]) update (1 ,a[i - 1] + 1 ,a[i] ,1);
  up(i,1,n) ans += query (1, i, i);
  writeln (ans);
  return 0;
}